武汉市2018届高中毕业生四月调研测试理科数学
时间:2020-09-17 16:14:42 来源:勤学考试网 本文已影响 人
武汉市 2018 届高中毕业生四月调研测试
理科数学
一、选择题:本大题共 12 个小题,每小题 5 分,共 60 分. 在每小题给出的四个
选项中,只有一项是符合题目要求的 .
1.
复数
5 的共轭复数是(
)
i
2
A. 2 i
B
. 2 i
C
. 2 i
D
. 2 i
2.
已知集合 M
{ x | x2
1} ,N
{ x | ax
1} ,若 N
M
,则实数 a 的取值集合为 (
)
A. {1}
B
. {
1,1}
C
. {1,0}
D
. {1, 1,0}
3.
执行如图所示的程序框图,如果输入的
t [ 2,2] ,则输出的 S 属于(
)
A. [ 4,2]
B. [ 2,2]
C. [ 2,4]D. [ 4,0]
4. 某几何体的三视图如图所示,
则在该几何体的所有顶点中任取两个顶点,
它们之间距离的
最大值为(
)
A. 3 B . 6 C . 2 3 D . 2 6
一张储蓄卡的密码共有 6 位数字,每位数字都可以从 0 9 中任选一个,某人在银行自动
提款机上取钱时, 忘记了密码最后一位数字,
如果任意按最后一位数字,
不超过 2 次就按对
的概率为(
)
A. 2
B
. 3
C
. 1
D
. 1
5
10
5
10
6. 若实数 a ,b 满足 a
b 1, m
loga (loga b) ,n
(log a b) 2 ,l
log a b2 ,则 m, n ,
l 的大小关系为( )
A. m l n B . l n m C . n l m
D . l m n
7. 已知直线 y kx 1 与双曲线 x2 y2 4 的右支有两个交点,则 k 的取值范围为( )
A. (0,
5 )
B
. [1,
5 ]
C
. (
5 ,
5 )
D
. (1,
5 )
2
2
2
2
2
8. 在
ABC 中,角 A 、 B 、 C 的对应边分别为
a , b , c ,条件 p
: a
b
c
,条件 q :
B
C
2
p 是条件 q 成立的(
)
A
,那么条件
2
A.充分而不必要条件
B
.必要而不充分条件
C.充要条件
D
.既不充分也不必要条件
9. 在 (x
1 1)6 的展开式中,含
x5 项的系数为(
)
x
A. 6
B
. 6
C
. 24
D
. 24
10. 若 x , y 满足 x 1
2 y
1 2 ,则 M
2x2
y 2
2x 的最小值为(
)
A. 2
B
. 2
C
. 4
D
.
4
11
9
11. 函数 f ( x)
2sin(
x)(
0) 的图象在 [0,1]
上恰有两个最大值点,则
的取值范
3
围为(
)
. [2
, 4 ]
B
.
[2 ,
9
13
25
D
.
25
2
6
6
6
12. 过点 P(2,
1) 作抛物线 x2
4 y 的两条切线, 切点分别为 A , B , PA , PB 分别交 x 轴
于 E , F 两点, O 为坐标原点,则
PEF 与
OAB 的面积之比为(
)
A.
3
B
.
3
C
1
D
.
3
.
2 3 2 4
二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分 .
13.
已知 sin
2cos ,则 sin
cos
.
14.
已知向量
a , b , c 满足 a
b
2c 0
,且 a
1 , b 3 , c
2 ,则
a b 2a c
2b c
.
15.
已知 x (
,
) , y f (x)
1为奇函数,
f '( x)
f (x) tan x
0 ,则不等式
2
2
f ( x) cos x 的解集为
.
16.
在四面体 ABCD 中, AD
DB
AC
CB
1,则四面体体积最大时,它的外接球半
径 R
.
三、解答题:共
70 分. 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤 . 第 17 题~
第 21 题为必考题,每个试题考生都必须作答
. 第 22 题~第 23 题为选考题,考
生根据要求作答 .
(一)必考题:共 60 分.
17.
已知正数数列 { an } 满足: a1
2 , an
an 1
2n
1
2) .
an
2 (n
an 1
(1)求 a2 , a3;
(2)设数列 {bn} 满足 bn (an 1)2 n2 ,证明:数列 { bn } 是等差数列,并求数列 { an } 的通
an .
18. 如图,在棱长为
3 的正方体
1 1 1
中, E , F 分别在棱
AB , CD 上,且
ABCD A1 BC D
AE CF 1 .
(1)已知 M 为棱 DD1 上一点,且 D1M 1,求证: B1M 平面 A1 EC1 .
(2
)求直线
FC1 与平面 A1 EC1 所成角的正弦值 .
19.
已知椭圆
: x2
y2
1 ,过点 P(1,1)作倾斜角互补的两条不同直线
l1 , l 2 ,设 l1 与椭
4
2
圆
交于 A 、 B 两点, l 2 与椭圆
交于 C , D 两点 .
(1)若 P(1,1) 为线段 AB 的中点,求直线 AB 的方程;
(2
)记
AB
的取值范围 .
,求
CD
20.
在某市高中某学科竞赛中,某一个区
4000 名考生的参赛成绩统计如图所示 .
(1)求这 4000 名考生的竞赛平均成绩 x (同一组中数据用该组区间中点作代表) ;
(2)由直方图可认为考生竞赛成绩 z 服正态分布 N ( , 2 ) ,其中 , 2 分别取考生的平
均成绩 x 和考生成绩的方差 s2 ,那么该区 4000 名考生成绩超过 84.41 分(含 84.81 分)的
人数估计有多少人?
(3)如果用该区参赛考生成绩的情况来估计全市的参赛考生的成绩情况,现从全市参赛考
生中随机抽取
4
名考生,记成绩不超过
,求 P(
3) . (精确到
... 84.81 分的考生人数为
0.001
)
附:①
2
204.75 ,
204.75
14.31
;
② z
N (
,
2 ) ,则 P(
z
) 06826.,P(2
z
2 ) 0.9544;
0.84134 0.501.
21. 已知函数
( )
x
(ln
) , a R .
f x
xe a x
x
(1)当 a e时,求 f (x) 的单调区间;
(2)若 f ( x) 有两个零点,求实数 a 的取值范围 .
(二)选考题:共 10 分. 请考生在 22、23 题中任选一题作答,如果多做,则按
所做的第一题记分 . 作答时请写清题号 .
22.[ 选修 4-4 :坐标系与参数方程 ]
在平面直角坐标系 xOy 中,以坐标原点 O 为极点, x 轴正半轴为极轴建立极坐标系,
l 的极
坐标方程为
(cos
2sin
) 10
x
3cos
为参数,
R ) .
, C 的参数方程为
2sin
(
y
(1)写出 l 和 C 的普通方程;
(2)在 C 上求点 M ,使点 M 到 l 的距离最小,并求出最小值 .
23.[ 选修 4-5 :不等式选讲 ]
已知 f ( x)
ax 2
x 2 .
(1)在 a
2时,解不等式
f ( x)
1;
(2)若关于
x 的不等式 4
f ( x)
4 对 x R 恒成立,求实数
a 的取值范围 .
武汉市 2018 届高中毕业生四月调研测试
理科数学参考答案
一、选择题
1-5: BDABC 6-10: BDABD 11 、 12: CC
二、填空题
13.
2
14.
13
15.
(0,
)
15
5
16.
2
6
三、解答题
17. ( 1)由已知 a2
3
2 ,而 a1
2,
a1
a1
a2
∴ a2
2
22
3
2(a2
2) ,即 a2
2
2a2
3
0 .
而 a2
0 ,则 a2
3
.
又由 a3
a2
5
2 , a2
3 ,
a3
a2
∴ a32
9 5 2( a3 3) ,即 a32
2a3
8 0 .
而 a3
0 ,则 a3
4 .
∴ a2
3 , a3
4 .
(2)由已知条件可知:
an2
an2
1
2( an
an 1 ) 2n 1,
∴ (an
1)2
(an
1 1)2
n2
(n
1)
2 ,
则 (an
1)2
n2
(an 1
1)2
(n
1)
2
(a3
1)2
22
( a2
1)2
12
,
而 b
(a
n
1)2
n2 ,
n
∴ b
0 ,数列
{ b } 为等差数列 .
n
n
∴ (an 1)2
n2 . 而 an
0 ,
an n 1.
18. 解:( 1)过
M 作
MT
AA1
于点 T ,连
1
,则
1
1
.
B T
AT
易证:
AA1 E
A1 BT1
,于是
AA1E
A1BT1 .
由
A1 BT
ATB
1
90
,知
AA E
ATB
1
90
,
1
1
1
1
∴ A1 E
BT1 .
显然 MT
面 AAB11B ,而 A1E
面 AA1 B1B ,
∴ MT
A1E ,又 BT1
MT
T ,
∴ A1 E
面 MTB ,∴ A1 E MB1 .
连 B1 D1 ,则 B1D1
AC11 .
又 D1M
AC11 , B1 D1
D1M
D1 ,
∴ AC11
面 MD1B1 ,
AC
MB
∴ 1 1
1 .
由 A1 E
MB1, AC11
MB1 , A1E AC11
A1 ,
B1 M 面 A1EC1 .
(2)在 D1C1 上取一点 N ,使 ND1 1 ,连接 EF .
易知 A1E / /FN .
∴ VA
EFC
VN
EFC
1
VE
NFC
1
1
1
1
S NFC
3
1 ( 1
2
3)
3
3
.
3
1
3
2
对于
A1 EC1 ,
1
1
3 2
,
1
10
,
AC
A E
而 EC1
22 ,
由余弦定理可知 cos
EAC1 1
10
18
22
1 .
2
10
3
2
20
∴ A1 EC1 的面积 S
1 A1C1
A1E sin
EA1C
1
3
2
10
19
3
19 .
2
2
20
2
由等体积法可知
F 到平面
A1 EC1 之距离 h 满足
1
VA1 EFC1
1
3
h
3 ,∴ h
6
S A1EC1 h
,则
3
19
19
,
3
2
又 FC1
10 ,设 FC1
与平面 AEC1
所成角为
,
∴ sin
6
19
6
3 190
.
10
190
95
19. 解:( 1)设直线 AB 的斜率为 k
tan
,方程为 y
1
k ( x
1) ,代入 x2
2 y2
4中,
∴ x2
2[kx
( k
1)]2
4
0.
∴ (1
2k 2 )x2
4k (k
1)x
2(k
1)2
4
0
.
判别式
[4( k
1)k ]2
4(2k 2 1)[2(k
1)2
4]
8(3k 2
2k
1).
A( x1, y1 ) , B( x2 , y2 ) ,则
x1
x2
4k( k
1)
2k 2
1
2(k
1)2
.
x1x2
4
2k
2
1
AB 中点为 (1,1) ,
∴ 1 (x1 x2 )
2k(k 1)
1 ,则 k
1 .
2
2k2
1
2
∴直线的 AB 方程为 y
1
1 ( x 1) ,即 x
2 y
1
0 .
2
(2)由( 1)知 AB
1
k 2 x1
x2
( x1
x2 )2
4x1 x2
1
k 2
8(3k2
2k
1)
.
2k 2
1
设直线的 CD 方程为 y 1
k (x
1)(k
0)
.
同理可得 CD
1
k 2
8(3k2
2k
1)
2k 2
1
.
AB
3k
2
2k
1 (k
∴
0) .
CD
3k 2
2k
1
∴
2
1
4k
1
4
.
3k2
1
2k
1
3k
2
1
k
令 t
3k
,
k
则 g (t ) 1
4 , t (
, 2 3] [2 3,
) .
t
2
g(t ) 在 (
, 2
3]
, [2
3,
) 分别单调递减,
∴ 2
3 g (t) 1 或 1 g (t) 2
3 .
故 2
3
2
1 或 1
2
2
3 .
即
[ 6
2 ,1)
(1,
6
2
2 ] .
2
解:( 1)由题意知:
中间值
45
55
65
75
85
95
概率
0.1
0.15
0.2
0.3
0.15
0.1
∴ x 45
0.1 55 0.15 65 0.2
75 0.3
85
0.15
95 0.1
70.5 ,
∴ 4000 名考生的竞赛平均成绩
x 为 70.5 分 .
(2)依题意 z 服从正态分布
N ( ,
2 ) ,其中
x
70.5
,
2
D 204.75 , 14.31 ,
∴ z 服从正态分布 N (
, 2 )
N (70.5,14.312 ) ,
而 P(
z
) P(56.19 z 84.81)
0.6826 ,
∴ P( z
1
0.6826
0.1587
.
84.81)
2
∴竞赛成绩超过 84.81 分的人数估计为
0.1587 4000 634.8 人
634 人 .
(3)全市竞赛考生成绩不超过
84.81 分的概率 1
0.1587 0.8413 .
B(4,0.8413) ,
∴ P(
3) 1 P(
4) 1 C44 0.8413 4
1 0.501 0.499 .
解:( 1)定义域为: (0,) ,
当 a
e时, f
'( x)
(1
x)( xex
e)
x
.
∴ f (x) 在
(0,1)
时为减函数;在
(1,
) 时为增函数 .
(2)记 t
ln x
x ,则 t
ln x
x
在 (0,
) 上单增,且 t R .
∴ f (x)
xex
a(ln x
x)
et
at
g(t) .
∴ f (x) 在
x
0
上有两个零点等价于
g(t )
et
at 在 t
R 上有两个零点 .
①在 a
0
时, g(t )
et
在 R 上单增,且 g (t )
0 ,故 g(t) 无零点;
②在 a
0
时,
'( )
t
e
a
在
R
上单增,又
g(0) 1
0
,
g t
g( 1 )
1
ea
1
0,故 g(t ) 在 R 上只有一个零点;
a
③在 a
0 时,由
t
0 可知 g(t) 在 t
g
t
e
a
ln a 时有唯一的一个极小值
'( )
g(ln a)
a(1
ln a) .
若 0
a
e, g最小
a(1
ln a)
0 , g(t ) 无零点;
若
a
,
g最小
0
, g(t ) 只有一个零点;
e
若 a
e时, g最小
a(1
ln a) 0
,而 g (0)
1
0
,
由于 f ( x)
ln x 在
x e
时为减函数,可知:
a
时, ea
ae
a2
.
x
e
从而 g(a)
ea
a2
0 ,
∴ g (x) 在 (0,ln
a) 和 (ln a,
) 上各有一个零点 .
综上讨论可知:
a
e时 f (x) 有两个零点,即所求
a 的取值范围是 (e,
) .
22. 解:( 1)由 l :
cos
sin
10 0
,及 x
cos
, y
sin .
∴ l 的方程为 x
2 y
10
0 .
由 x
3cos , y
2sin
,消去
得 x2
y2
1.
9
4
(2)在 C 上取点 M (3cos
,2sin
) ,则
3cos
d
cos 0
其中
sin 0
4sin
10
1
0 ) 10 .
5
5cos(
5
3
,
4
5
当
0 时, d 取最小值
5 .
此时 3sin3cos
9
, 2sin
2cos
8
9
8
0
0
0
, M (
, ) .
5
5
5
5
23.
1
时,
2x 2
x
2 1 .
解:( )在 a 2
在 x
1时, (2 x 2)
(x
2) 1 ,∴ 1 x
5;
在 x 2 时, (2 x 2) ( x 2) 1, x 3 ,∴ x无解;
在 2 x
1 时,
(2 x
2) ( x 2) 1, x
1 ,∴
1
x 1 .
3
3
综上可知:不等式
f (x)
1的解集为
1
x 5} .
{ x |
3
(2)∵ x
2
ax 2
4 恒成立,
而 x 2
ax
2
(1
a) x ,
或 x 2
ax 2
(1
a)x 4 ,
故只需
(1 a)x
4 恒成立,或
(1 a) x
4
4 恒成立,
∴ a
1 或 a
1
.
∴ a 的取值为
1或
1 .